英语周报高一49期2018-2022学年外研版答案

16.(12分)解:(1)设下边到达MP的速度为v1由运动学规律有:v=2as(1分)代入数据得:v1=2m/s(1分)感应电动势为:E=BLv1(1分)E线框的热功率为:P=R(1分)B'L'v1整理后得:P=R代人数据解得:P=2W(1分)(2)设上边即将穿出NQ的速度为v2线框从开始下滑到上边即将穿出NQ的过程中发生的位移为:x=s+2L由运动学规律有:v=2ax(1分)代人数据得:v2=22m/s线框受到的安培力为:F=BIL(1分)感应电动势为:E=BLv2R(1分)由牛顿第二定律有:F+ mg sIn30°一F安=ma2分)整理后得:F=m+L2o一sin30°R代人数据解得,F=2x7N(1分)故:外力大小为N、方向沿斜面向下(1分)(其它合理解法,参照给分)

21.BCD【解析】小球和平板车组成的系统,水平方向的动量守恒,并且水平方向系统动量的矢量和总为零,当小球冲出D点时,两者水平方向的速度相同,则小球冲出D点时,水平方向的速度为零,此后,小球只有竖直速度,做竖直上拋运动,A项错误;从小球开始释放到小球离开圆弧轨道上升到最高点的过程中,由动能定理有mg×2-3mg-W=0,解得小球克服摩擦力做功为W=-2-,小球从D返回C过程中,因为对应位置的速度较第一次从C到D过程中都变小,摩擦力也变小,则克服摩擦力做的功W小于W。设小球第一次返回到斜面时上升的最大高度为h则有二mg”=mg一W=0,解得mg”一mg=W ,因此,最大高度在B点的上方,B项正确;小球第一次到达D点时,设小车的位移大小为x,则小球的水平位移为3-x,根据系统水平方向上动量守恒有m3x-m=0,解得x=3,C项正确;设小球第一次向右经过C点的速度为v,根据系统机械能守恒和水平方向动量守恒有mg×2r=2m+2mv2和m-my=0,联立解得v=v=√2r。而小球第一次向左经过C点时,因为机械能有损失,小球的速度要小于√2gr,D项正确。

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