2023英语周报九年级新目标实验第四期答案

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22.(1)A与B(1分)F(1分)(2)0.5(1分)0.2(2分解析:(1)当A向左运动后B处于静止状态,弹簧测力计的读数F1与B所受的滑动摩擦力F大小相等,B对木板A的压力大小等于B的重力mg,由F=F得,=p=0,为A与B之间的动摩擦因数FN mg(2)根据牛顿第二定律F-pmg=ma,得a=F=pg,所以滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数由题图丙得加速度a和所受拉力F的关系图象斜率k=2,所以滑块和位移传感器发射部分的总质量m=0.5kg;由题图丙得在水平轨道上F=1N时,加速度a=0,根据牛顿第二定律得pmg=0,解得=0.2

25.解:(1)设粒子进磁场I时的速度大小为v,根据动能定理有qER=mv2(2分)解得粒子进磁场Ⅰ时的速度大小v=(1分)(2)粒子在磁场中运动的轨迹如图所示,由于OM∥OQ,OO2将MQ垂直平分,由几何知识可知O2Q=O1M,即粒子在磁场Ⅱ中做圆周运动的半径为n2=R.由牛顿第二定律有qB3=mR(2分解得B22mE(1分)设粒子从M点进入磁场I时速度与x轴的夹角为0,由几何关系得cos O-R (1解得=60°(1分)由于粒子刚好不能从ON边界射出,粒子在磁场I中运动轨迹如图所示,由几何关系可知,粒子在磁场I做圆周运动的半径为Rsin30°=R(1分)根据牛顿第二定律:qB1=m(2分)解得B1(2分)所以=÷(1分)(3)设粒子在电场中运动的时间为t,则R=t0(1分)解得0=√q2mR(1分)R粒子离开电场运动到Q点的时间为1/ ZER2mR设粒子第一次在磁场Ⅱ中运动的时间为t,则t9E(设粒子第一次在磁场中运动的时间为,则4=3×=3√亚(1分因此,粒子从P点出发到第二次经过x轴所用的时间

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