七年级上册英语周报第三期答案

28.(14分)(1)①+250(2分)②一定未(1分)因为相同温度时b>c,如果达平衡,相同温度时两种情况转化率应相等(2分)(2)①25%(2分)②(2分)(3)①温度超过250℃时,催化剂的催化效率降低(2分)②增大压强或者增加二氧化碳的浓度(1分)(4)2nCO2+12ne+12nHCH-CH+4nH2O(2分)n

25解(1)由匀变速直线运动公式x=0+1a得一+2m(1分)结合图线可知图线与纵轴的交点表示滑块A的初速度、斜率k=2a则v=12滑块A的加速度大小为a1=4m/s2(1分)0~2s的时间内,对滑块A由牛顿第二定律得Fcos a-H(mgcos a+ Fsin a)-mgsin a mat (155)整理得F= mgcoS o+mgg+m(1分)代入数据解得F=56N(1分)(2)撒走外力的瞬间,滑块A的速度为v=t+a1t1=(12+4×2)m/s=20m/s0-2s内滑块A的位移大小为x1=0+2m42=(2×2+×4x×2)m=32m(1分)撒走外力后滑块A沿斜面体向上做匀减速直线运动,则其加速度大小为ay-Agcos at gsin a=10 m/s2 (1 4+)撒走外力后滑块A沿斜面向上运动的位移为x2=2=20m滑块A向上运动的时间为t2=卫=2s(1分)滑块A沿斜面体向上滑动的距离为x=x1+x2=52m(1分)物体由最高点返回的过程中,做匀加速直线运动,其加速度大小为a3= gsin a- ucos a=2m/s2(1分)滑块A由最高点返回到斜面体底端所需的时间为=√a-√。=72所以滑块A从施加外力到滑块A再次回到斜面体的底端所用的总时间为t=+t2+t=1.2s(1分)(3)由(2)可知滑块A返回到斜面底端的速度为=a2b3=2×7.2m/s=14.4m/s(1分)滑块A滑上长木板的上表面后,对滑块A由牛顿第二定律得pmg=ma解得a4=gk=3.6m/s2(1分)对滑块A与长木板B组成的系统由动量守恒定律得mUA=2mA解得vA=7.2m/s(1分)则滑块A在长木板上滑动的时间为t4=二vA=1.4=7.2s=2s则长木板的长度为sUA+UAtat4=14.4m(1分)对滑块A与滑块C组成的系统,由动量守恒定律得mvA=(m+Mw(1分)碰后滑块由最低点到最高点的过程,由机械能守恒定律得(m+Mw2=(m+Mg·2R+y(m+Mv2(1分)滑块在最高点时,由牛顿第二定律得(m+MDg=R整理解得M=4kg(1分)

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